Hogy kell ezt megcsinálni SN 7490-es aszinkron dekádszámlálóval?

A 7490-esben 2-es meg 5-ös osztó van, vagyis 10-es osztást tudsz vele csinálni. A 7492-es az, ami 12-es osztást csinál (abban egy 2-es meg egy 6-as osztó van). Nem olyanból kell? Szokták néha 7490-es családnak hívni, amibe a 7492-t is beleértik.

Persze ha mindenféleképpen 7490-esből kell csinálnod, akkor mondjuk kettő ilyenből meg néhány külső kapuból biztos meg lehet csinálni.

Hmm, fura. Szerintem külső tároló kell hozzá (akár egy újabb 7490-ben lévő JK flip-flop, vagy bármilyen más JK vagy T flip-flop). A 7490-est akkor 6-os osztónak kell huzalozni, a külső ff csinálna 50%-os kitöltésű 12-es osztást.

De ha mégis lehet külső tároló nélkül, érdekel, írd már meg az eredményt :)

Ezt az összeállítást ismered? 2-től 10-ig tetszőleges arányú osztás egyetlen 7490-es huzalozásával:

[link]

A 7-es osztás trükkös: 6-nál rögtön 9-re reset-eli magát, úgy csinál még egy ütemet. Bár ez most nem segít neked, csak érdekesség.

Először a 6-os osztó:

Amit küldtem linket, onnan nézd a DIVIDE by 6 kapcsolást pont középen:

CKA a bejövő jel. A kettes osztó kimenetét (QA) ráköti az 5-ös osztó órajelére (CKB), ezzel megy a 10-es osztás. Aztán a QB és QC kimeneteket köti a két R0 bemenetre. Amikor mindkettő 1-es, akkor fog reset-elni. QB a 2-es helyiérték, QC a 4-es, az összegük 6. Vagyis így számol:

0 1 2 3 4 5 (6)0 stb.

Szóval egy pici pillanatig megjelenik a Q kimeneteken a 6 is, de rögtön reset-el is 0-ra.

A leosztott frekvencia a QC kimenet lesz (annak 4 a helyiértéke a számértékben). Ennek jelszintjei ilyenek: felülre írtam a QA-QB-QC-QD bináris kimenetek értékét decimálisan, alá a QC=4 értékét:

0 1 2 3 4 5 6 0 ...

0 0 0 0 1 1 1 0 ...

Ennek a kitöltési tényezője egyébként 1/3 (mivel a 6-oshoz tartozó 1 szint csak nagyon pici ideig áll fenn, rögtön 0 lesz).

A másik 7490-es CKA bemenetére kell kötni az első kimenetét, tehát QC-t. A 12-es osztás kimenete a második 7490-es QA kimenete lesz. Szóval csak a 2-es osztót használjuk belőle, az 5-ös osztó parlagon marad.

A kitöltési tényező 50% lesz, hisz az osztás végén egyetlen 2-es osztó lett így.